前言
CTF比赛！！
一.MD5
题目就是提示
下载附件，打开文件，是md5，解密网址👉,在线md5解密，解密即可。
flag:flag{admin1}
二.一眼就解密
没有附件，提示如下
下面的字符串解密后便能获得flag：ZmxhZ3tUSEVfRkxBR19PRl9USElTX1NUUklOR30= 注意：得到的 flag 请包上 flag{} 提交
发现是base64编码，解密网址👉在线base64解密，解密即可。
flag:flag{THE_FLAG_OF_THIS_STRING}
三.url编码
题目就是提示
下载附件，发现是url编码，在线解密网址👉url在线解密，解密即可。
flag:flag{and 1=1}
四.看我回旋踢
没有提示
下载附件，内容👉synt{5pq1004q-86n5-46q8-o720-oro5on0417r1}，看样子有点像凯撒和栅栏，每个都去试试，最后尝试是凯撒，凯撒移动13位，在线解密网址，在线凯撒解密，即可
flag:flag{5cd1004d-86a5-46d8-b720-beb5ba0417e1}
五.摩丝
题目就是提示
打开txt文本，内容如下👉.. .-.. --- ...- . -.-- --- ..-，摩斯密码在线解密即可，在线摩斯密码加密解密，解密结果是ILOVEYOU。
flag:flag{ILOVEYOU}
六.password
没有提示
下载附件，发现里面是姓名和生日，想了想一般人密码不就是自己的名字缩写加上生日吗，或者是生日加上名字缩写，尝试后发现是名字缩写加上生日。
flag:flag{zs19900315}
七.变异凯撒
提示就是变异凯撒。
下载附件，密文是afZ_r9VYfScOeO_UL^RWUc，是用的是ASCII变异，afz_对应的ASCII编码是97 102 90 95 而flag这个字眼对应的是102 108 97 103，就会发现:97+5=102 102+6=108 90+7=97 95+8=103，由此，python代码如下(借鉴的)。
def b_kaisa(str):
first_step = 5 #首位ascii码的位移步长
i = 0
result = []
for i in range(len(str)):
as_num = ord(str[i]) #将数据序列变为ascii码
as_num += first_step
result.append(as_num) #将变为ascii码后的数据序列加入数组
first_step += 1
i += 1
return result
question = 'afZ_r9VYfScOeO_UL^RWUc'
result = b_kaisa(question)
print(result)
#由于函数体返回的是一个ascii码的数据序列，类型为列表，我们要将他转化成字符串类型
for i in result:
print(chr(i),end='')flag:flag{Caesar_variation}
八.Quoted-printable
题目就是提示
下载附件，👉在线Quoted-printable解码，即可。
flag:flag{那你也很棒哦}
九.Rabbit
题目就是提示，兔子加密解密
下载附件，👉rabbit在线解密，在线解密即可。
flag:flag{Cute_Rabbit}
十.篱笆墙的影子
提示如下
星星还是那颗星星哟 月亮还是那个月亮 山也还是那座山哟 梁也还是那道梁 碾子是碾子 缸是缸哟 爹是爹来娘是娘 麻油灯呵还吱吱响 点的还是那么丁点亮 哦哦 注意：得到的 flag 请包上 flag{} 提交
我表示不懂，下载附件，打开附件，附件内容👉felhaagv{ewtehtehfilnakgw}，根据题目猜测应该是栅栏密码，在线解密👉栅栏在线解密，解密即可。
flag:flag{wethinkwehavetheflag}
十一.RSA
下载附件，附件内容如下，需要我们求出d，根据公式(e*d)modφ(n)=1,👉RSA加密原理。
p=473398607161 q=4511491 e=17求φ(n)：(p-1)(q-1)=(473398607161-1)*(4511491-1)=2135733082216268400，根据公式计算出d为125631357777427553。
怎么可能是手算的，脚本如下。
import libnum
p = 473398607161
q = 4511491
e = 17
fn = (p-1)*(q-1)
print(libnum.invmod(e,fn))flag:flag{125631357777427553}
十二.丢失的MD5
下载附件发现是python2代码，如下。
import hashlib
for i in range(32,127):
for j in range(32,127):
for k in range(32,127):
m=hashlib.md5()
m.update('TASC'+chr(i)+'O3RJMV'+chr(j)+'WDJKX'+chr(k)+'ZM')
des=m.hexdigest()
if 'e9032' in des and 'da' in des and '911513' in des:
print des在python3里面不能运行，一眼发现错误。
print des
修改为
print(dex)运行结果如下图👇
意思是必须在哈希之前对Unicode进行编码，修改代码如下👇。
import hashlib
for i in range(32,127):
for j in range(32,127):
for k in range(32,127):
m=hashlib.md5()
m.update('TASC'.encode('utf-8')+chr(i).encode('utf-8')+'O3RJMV'.encode('utf-8')+chr(j).encode('utf-8')+'WDJKX'.encode('utf-8')+chr(k).encode('utf-8')+'ZM'.encode('utf-8'))
des=m.hexdigest()
if 'e9032' in des and 'da' in des and '911513' in des:
print(des)得到flag:flag{e9032994dabac08080091151380478a2}
十三.Alice与Bob
提示如下
密码学历史中，有两位知名的杰出人物，Alice和Bob。他们的爱情经过置换和轮加密也难以混淆，即使是没有身份认证也可以知根知底。就像在数学王国中的素数一样，孤傲又热情。下面是一个大整数:98554799767,请分解为两个素数，分解后，小的放前面，大的放后面，合成一个新的数字，进行md5的32位小写哈希，提交答案。 注意：得到的 flag 请包上 flag{} 提交
根据题目要求分解两个素数，👉在线分解，如果不用在线分解也可以使用python代码，代码👇。
n=int(input("请输入需要分解的整数:")) #让用户输入数字
num=n #赋值
m=[] #创建空列表
while n!=1: #判断如果n不是1，那么就循环
for i in range(2,n+1): #循环从2到n加1位数字
if n % i == 0: #判断，如果n除以i的余数为0
m.append(str(i)) #如果余数为0，那么就把i转换为字符串然后加入到m列表里面去
n = n//i #如果余数为0，那么用n来除以i做向下取整数
break #如果余数为0，结束循环
print("分解的素数为:",num,'=','*'.join(m)) #输出分解后，数字为101999*966233，重新组成数字为101999966233，将重新组成的数字进行md5的32位小写哈希👉在线MD5加密，也可以使用python，如下代码👇。
import hashlib
def hash():
str = '101999966233'
md5 = hashlib.md5() # 创建md5对象
md5.update(str.encode('utf-8')) #必须要进行encode编码
print(md5.hexdigest())
if __name__ == '__main__':
hash()结果为d450209323a847c8d01c6be47c81811a。
flag:flag{d450209323a847c8d01c6be47c81811a}
十四.rsarsa
这是让我眼前一黑的题，就是表面意思，眼前一黑，下载附件，反正大概意思就是求m，不懂rsa的可以看这篇文章👉RSA，套公式c^dmodn=m。
题目内容如下👇。
p = 9648423029010515676590551740010426534945737639235739800643989352039852507298491399561035009163427050370107570733633350911691280297777160200625281665378483
q = 11874843837980297032092405848653656852760910154543380907650040190704283358909208578251063047732443992230647903887510065547947313543299303261986053486569407
e = 65537
c = 83208298995174604174773590298203639360540024871256126892889661345742403314929861939100492666605647316646576486526217457006376842280869728581726746401583705899941768214138742259689334840735633553053887641847651173776251820293087212885670180367406807406765923638973161375817392737747832762751690104423869019034需要求d是多少，求d公式：(e*d)modφ(n)=1，φ(n)的求法就是(p-1)*(q-1)，数字太大，直接python脚本吧，如下👇，输出的结果就是d
import libnum
p = 9648423029010515676590551740010426534945737639235739800643989352039852507298491399561035009163427050370107570733633350911691280297777160200625281665378483
q = 11874843837980297032092405848653656852760910154543380907650040190704283358909208578251063047732443992230647903887510065547947313543299303261986053486569407
e = 65537
c = 83208298995174604174773590298203639360540024871256126892889661345742403314929861939100492666605647316646576486526217457006376842280869728581726746401583705899941768214138742259689334840735633553053887641847651173776251820293087212885670180367406807406765923638973161375817392737747832762751690104423869019034
fn = (p-1)*(q-1)
print(libnum.invmod(e,fn))
最终求m，python脚本如下，就是我自己写的( •̀ ω •́ )✧，虽然很简单233333。
import libnum
p = 9648423029010515676590551740010426534945737639235739800643989352039852507298491399561035009163427050370107570733633350911691280297777160200625281665378483
q = 11874843837980297032092405848653656852760910154543380907650040190704283358909208578251063047732443992230647903887510065547947313543299303261986053486569407
e = 65537
c = 83208298995174604174773590298203639360540024871256126892889661345742403314929861939100492666605647316646576486526217457006376842280869728581726746401583705899941768214138742259689334840735633553053887641847651173776251820293087212885670180367406807406765923638973161375817392737747832762751690104423869019034
n = p*q
fn = (p-1)*(q-1)
d = libnum.invmod(e,fn)
m = pow(c,d,n) #为c的d次方然后在对n取余数
print(m)最终m:5577446633554466577768879988，flag:flag{5577446633554466577768879988}
十五.大帝的密码武器
下载下来的文件没有后缀需要修改为.zip文件解压，解压之后，发现有两个文件，题目的介绍一看就是凯撒👉在线加密解密凯撒，或者如下python代码👇，一个一个的看，发现移动十三位数是security是一个正常的单词，其他都不正常，由此判断是移动了13位，加密密文ComeChina也可以用如下代码移动13位，加密过后是pbzrpuvan，当然这个不是flag，需要把两个p变成大写(我就被坑了)
def caser():
flag = "ComeChina".lower()
dict_txt = 'ABCDEFGHIJKLMNOPQRSTUVWXYZABCDEFGHIJKLMNOPQRSTUVWXYZ'.lower()
enc = []
for k in range(1,26):
for i in flag:
enc.append(dict_txt[dict_txt.index(i)+k]) #寻找i里面的dict_txt的索引值加上k
print("移动了%d位"%k)
print("".join(enc))
print()
enc = [] #每次循环完毕，列表清空
if __name__ == '__main__':
caser()最终flag:flag{PbzrPuvan}
十六.Windows系统密码
下载附件，使用记事本打开，👉md5在线解密，发现一个ctf用户，第一个md5解密解不开，第二个解开了是good-luck，拿去提交，发现提交成功。
flag:flag{good-luck}
十七.信息化时代的步伐
提示如下
也许中国可以早早进入信息化时代，但是被清政府拒绝了。附件中是数十年后一位伟人说的话的密文。请翻译出明文(答案为一串中文！) 注意：得到的 flag 请包上 flag{} 提交
打开附件一大串数字，根据提示，应该是中文电码，👉中文电码查询，结果如下👇。
6060：计
4615：算
2623：机
6008：要
1783：从
1216：娃
1216：娃
2119：抓
6386：起所以,flag:flag{计算机要从娃娃抓起}
计算机要从娃娃抓起——邓小平
